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c - 为什么这个函数（char *）不通过 ref 传递？

问题描述

这是我的代码：

#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>

void set(char* str){
  str = malloc(10);
  strcpy(str, "dog");
  printf("\nstr = %s", str);

}
int main(){
  char* s;
  set(s);

  printf("\n%s", s);
  return 0;
}

这是我要打印的内容：

str = dog
dog

以下是实际打印出来的内容：

str = dog
(null)

为什么是这样？我认为我正在做的是传递一个未初始化的指针，然后在 set() 中分配一个内存块，然后将“狗”写入其中。究竟发生了什么？

标签： c

解决方案

C 中没有传递引用。但是指针和间接提供了一种间接模仿的工具。

在您的情况下，从 main() 发送到 set() 的是变量“s”中的地址。在 malloc() 语句执行之前，它将具有该值。之后，str 将拥有 malloc() 返回的任何地址。

当 main 中预期相同的东西时，应该传递的是 's' 的地址，而不是它所持有的地址（如上面的一些示例）。

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