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javascript - 如何在具有更多mysql数据库连接的php页面中实时工作

问题描述

我有三个具有相同结构（相同表）的 mysql 数据库。然后我有一个查询，它从每个数据库返回不同的结果。

我想要一个 php 页面，其中有单选按钮、列表框等（没有提交按钮），我将在其中选择数据库（DB1/DB2/DB3），然后根据所选数据库查看结果（我想要它是实时的，没有提交按钮）。

我有的：

索引.php

 <!DOCTYPE html>
    <html>
    <head>
    <meta charset="utf-8" />
    </head>

    <?php
    include_once ('connection_db_1.php');
    ?>

    <body>
        <form action="">
            <select name="database">
                <option value="DB1">DB1</option>
                <option value="DB2">DB2</option>
                <option value="DB3">DB3</option>
            </select>
        </form>


    <?php
    include ('queries.php');
    $test_1 = mysqli_query($mysqli_db, $test);
    echo "
                    <table>
                    <thead>
                        <tr>
                            <th>Column_1</th>
                        </tr>
                    </thead>";

    while ($row = mysqli_fetch_array($test_1)) {
        echo "<form method=\"post\"><tr>";
        echo "<td>" . $row['Column_1'] . "</td>";
        echo "</tr></form>";
    }
    echo "</table><br>";
    mysqli_close($mysqli_db);
    ?>
    </body>
    </html>

查询.php

<?php
$test = "select Column_1 from TEST; ";
?>

connection_db_1.php

<?php
// Connection data
$servername = "servename";
$username = "username";
$password = "pasword";
$dbname = "dbname_1";

// Create connection
$mysqli_db = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);

// Check connection
if ($mysqli_db->connect_error) {
    die("Connection failed: " . $mysqli_db->connect_error);
}
?>

connection_db_2.php

<?php
// Connection data
$servername = "servename";
$username = "username";
$password = "pasword";
$dbname = "dbname_2";

// Create connection
$mysqli_db = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);

// Check connection
if ($mysqli_db->connect_error) {
    die("Connection failed: " . $mysqli_db->connect_error);
}
?>

我认为，我需要一些 javascript/ajax 解决方案，但我不知道如何有效地使用它。

谢谢你的建议。

标签： javascriptphpmysqlajax

解决方案

现在，我看不到您展示任何使用或已实现任何 ajax 处理程序的示例。我可以建议您使用纯 Javascript 或 jQuery（通过包含 javascript 库，请参阅她

在考虑实施 AJAX 之前，您可以做以下事情（它将包括第一次选择和表单提交后的数据库）：

<?php
if (isset($_POST["database"])) {
    $db = $_POST["database"];
}
?>
<!DOCTYPE html>
<html>
<head>
    <meta charset="utf-8"/>
</head>

<?php
include_once("connection_db_" . $db . ".php"); /* This will include the selected connection */
?>

<body>
<form action="" method="post">
    <select name="database">
        <option value="1">DB1</option>
        <option value="2">DB2</option>
        <option value="3">DB3</option>
    </select>
</form>


<?php
include('queries.php');
$test_1 = mysqli_query($mysqli_db, $test);
echo "
                    <table>
                    <thead>
                        <tr>
                            <th>Column_1</th>
                        </tr>
                    </thead>";

while ($row = mysqli_fetch_array($test_1)) {
    echo "<form method=\"post\"><tr>";
    echo "<td>" . $row['Column_1'] . "</td>";
    echo "</tr></form>";
}
echo "</table><br>";
mysqli_close($mysqli_db);
?>
</body>
</html>

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