javascript - 回调返回的对象本身没有运行方法

Question

我编写了一个通过 jquery-ajax 发送 get 请求的代码，我也使用回调来返回这个请求的结果。但是返回的值本身没有适用的方法（当我按 alt+space 时我什么都没有菜单）。问题是为什么？任何解决方案？

var result;
var reg = new RegExp(/^.*(youtu.be\/|v\/|e\/|u\/\w+\/|embed\/|v=)([^#\&\?]*).*/);
var split = window.location.href.match(reg);
var videoidxn = split[2];
var url = `https://video.google.com/timedtext?lang=en&v=` + videoidxn;

function GTA(callback) {
    var res;
    $.ajax({
        type: 'Get',
        url: url,

        success: function(response) {
            callback(response)
        },

    })
}
GTA(function(response) {
    result = response;
    console.log(result)
})

例如，如果我想像这样运行代码的最后一部分：（将 find 方法添加到响应中）

GTA(function(response) {
    result = response.find('text');
    console.log(result)
})

我将收到以下错误：未捕获类型错误：response.find 不是函数

标签： javascriptajaxasynchronousasynchronous-javascript