c++ - c++ 概念是否会导致编写模板实例化来构建输出？

Question

对于具有许多大型和复杂模板实例化的库，在我看来，决定是否使用概念的主要考虑因素之一是构建输出的大小是否更小。

对于 SFINAE，我的理解是以下代码将导致模板实例化std::is_function<bar>并std::enable_if<true, bool>包含在构建输出中，从而增加其大小（尽管在本示例中略有增加）：

#include <type_traits>

template<typename F,
         typename = std::enable_if_t<
                    std::is_function<F>::value,
         bool> = true>
void foo(F& f)
{
    // do some stuff with f
}

void g();

int main()
{
    foo(g);
    return 0;
}

如果改为使用基于 C++20 的概念std::is_function，显然必须实例化模板来检查它。但是那个实例化然后被写入最终的构建输出吗？这是否因编译器实现而异？

#include <type_traits>

template<typename F>
concept Function = std::is_function<F>::value;

template<Function F>
void foo(F& f)
{
    // do some stuff with f
}
//...

标签： c++templatesc++20c++-concepts

Answer 1

您似乎担心代码大小。

类，在这里我包括类模板的实例化，只是编译器知道的抽象信息片段。它们不会影响代码大小。

只有函数（包括成员函数）会影响代码大小。类模板的成员函数仅在它们被实例化时才会影响代码大小，因为它们的使用方式需要它（C++ 标准将其称为“ ODR-used ”）。

std::is_function在您的示例中， and的任何成员函数都没有std::enable_if被 ODR 使用，因此它们没有被实例化，并且它们不会影响代码大小。

但是那个实例化然后被写入最终的构建输出吗？

不生成代码。但通常编译器会将调试信息写入输出。从这个意义上说，有些东西被写入输出。

这是否因编译器实现而异？

就调试信息而言：是的。但是是否发生实例化是由语言的规则决定的，编译器之间应该没有区别。