php - PHP:如何将 HTML 表单中的数据插入到具有多对多关系的表中?
问题描述
例如,我有以下 3 个表:
person address person_address
========= =========== =================
pid (PK) aid (PK) pid (FK)
name street aid (FK)
tel city
... ...
我已经建立了一个网站来创建新person
的,您可以在其中添加该人的地址信息(通过 HTML-Form)。由于一个person
可以拥有多个address
,一个address
可以属于多个person
,所以这是一个多对多的关系。
现在的目标是输入人的信息(包括地址信息),人的个人信息和地址信息会自动存储在各自的表(person
和address
)中,同时person_address
自动配对pid
并aid
存储。
我想这样做
<?php
require_once("../conn.php");
if($_SERVER["REQUEST_METHOD"] == "POST"){
$name = $_POST["name"];
$tel = $_POST["tel"];
$street = $_POST["street"];
$city = $_POST["city"];
$sql1 = "INSERT INTO person (name, tel)
VALUES ($_POST["name"], $_POST["tel"])";
$sql2 = "INSERT INTO address (street, city)
VALUES ($_POST["street"], $_POST["city"])";
$sql3 = "INSERT INTO person_address /*Something follows...*/"
?>
<!--HTML...-->
<form action="<?php echo htmlspecialchars($_SERVER['PHP_SELF']); ?>"
method="post">
<input type="text" name="name">
<br>
<input type="text" name="tel">
<br>
<input type="text" name="street">
<br>
<input type="text" name="city">
<br>
<input type="submit" value="Create">
</form>
<!--footer-->
我不知道如何配对pid
......aid
也许我在做隧道观察。大家可以分享一些见解吗?
编辑 我想出了以下代码:
$sql1 = "INSERT INTO person (first_name, last_name, media_type, magazine_sub, newsletter_sub, birthday, priority, remark)
VALUES (?, ?, ?, ?, ?, ?, ?, ?)";
if ($stmt1 = mysqli_prepare($conn, $sql1)) {
mysqli_stmt_bind_param($stmt1, 'sssiisss', $param_first_name, $param_last_name, $param_media_type, $param_magazine_sub, $param_newsletter_sub, $param_birthday, $param_priority, $param_remark);
$param_first_name = $first_name;
$param_last_name = $last_name;
$param_media_type = $media_type;
$param_magazine_sub = $magazine_sub;
$param_newsletter_sub = $newsletter_sub;
$param_birthday = $birthday;
$param_priority = $priority;
$param_remark = $remark;
$result1 = mysqli_query($conn, $sql1);
while ($row=mysqli_fetch_row($result1)){
$person_id = $row[0];
}
}
$sql2 = "INSERT INTO address (type, street, city, state, zip, country)
VALUES (?, ?, ?, ?, ?, ?)";
if ($stmt2 = mysqli_prepare($conn, $sql2)) {
mysqli_stmt_bind_param($stmt2, 'ssssss', $param_address_type, $param_street, $param_city, $param_state, $param_zip, $param_country);
$param_address_type = $address_type;
$param_street = $street;
$param_city = $city;
$param_state = $state;
$param_zip = $zip;
$param_country = $country;
$result2 = mysqli_query($conn, $sql2);
while ($row=mysqli_fetch_row($result2)){
$address_id = $row[0];
}
}
mysqli_stmt_close($stmt2);
$sql3 = "INSERT INTO person_address (person_id, address_id)
VALUES ($person_id, $address_id)";
mysqli_query($conn, $sql3);
header("location: person.php");
}
mysqli_close($conn);
}
但现在我在数据库中没有输入了。错误在哪里?我可能搞砸了mysqli_stmt
语法...
解决方案
最简单的方法是:
$sql1 = "INSERT INTO person (name, tel) VALUES ($_POST["name"], $_POST["tel"])";
$result=mysqli_query($db, $sql1);
现在您已经完成了插入,只需选择 pid。
$query="select pid from person where name='$name' and tel='$tel'";
$result=mysqli_query($db, $query);
while($row=mysqli_fetch_row($result)) {
$pid=$row[0];
}
$sql2 = "INSERT INTO ...";
$result=mysqli_query($db, $sql2);
现在您已经完成了插入,只需选择辅助工具。
$query="select aid from address where name=...";
$result=mysqli_query($db, $query);
while($row=mysqli_fetch_row($result)) {
$aid=$row[0];
}
$sql3 = "INSERT INTO person_address $aid, $pid..."
尽管值得注意的是,您应该真正清理用户输入。这就是你如何成为 SQLi 和 XSS 的受害者。
首先在输入上使用 strip_tags。
isset ( $_REQUEST['name'] ) ? $name = strip_tags($_REQUEST['name']) : $name = "";
然后使用准备好的语句并转义字符串。
$name=mysqli_real_escape_string($db, $name);
if ($stmt = mysqli_prepare($db, "insert into person set pid='', name=?, tel=?")) {
mysqli_stmt_bind_param($stmt, "ss", $name, $tel);
mysqli_stmt_execute($stmt);
mysqli_stmt_close($stmt);
}
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