时间戳

首页 > 解决方案 > 引入 std::enable_if 后出现“不匹配”错误

c++ - 引入 std::enable_if 后出现“不匹配”错误

问题描述

我有一个operator&=工作正常的操作员（在这种情况下，但这不是问题），直到我引入std::enable_if_t组合。

用代码示例解释起来更简单：

template<typename T, std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>>
MyClass& MyClass::operator&=(T d)
{ /*... */ }

// then in main
MyClass a;
a &= static_cast<unsigned char>42;
a &= (unsigned long long)47;

如果我注释掉这个std::enable_if_t块，那么它会按预期编译和运行，但是一旦我把它放在那里，它就会产生格式错误

test.cpp:42:7: error: no match for ‘operator&=’ (operand types are ‘MyClass’ and ‘unsigned char’)
  a &= static_cast<unsigned char>(42);
  ~~^~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~~
In file included from test.cpp:4:0:
file.hpp:69:103: note: candidate: template<class T, typename std::enable_if<(is_integral_v<T> && is_unsigned_v<T>), void>::type <anonymous> > MyClass& MyClass::operator&=(T)
  template<typename T, std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>> MyClass& operator&=(T d);
                                                                                                  ^~~~~~~~
file.hpp:69:103: note:   template argument deduction/substitution failed:
test.cpp:42:39: note:   couldn't deduce template parameter ‘&lt;anonymous>’
  a &= static_cast<unsigned char>(42);

我觉得我在这里错过了一些简单的东西。我什至已经尝试通过调用a.operator&=<unsigned char>(static_cast<unsigned char>(42))来提示编译器以查看它是否可以工作，但它没有。

标签： c++c++17enable-if

解决方案

您需要在定义中的第二个模板参数处使用class/typename

template<typename T, class = std::enable_if_t<std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>>>
                     ^^^^^
MyClass& MyClass::operator&=(T d)

当条件std::is_integral_v<T> && std::is_unsigned_v<T>为真时，enable_if::type是void。没有class void被视为非类型模板参数有什么问题（void不能用作非类型参数引用）。

通过使用class/typename第二个参数被定义为类型参数，它采用 void - class SomeTypeName = void如果 enable_if 中的条件为真，或者当 enable_if 的条件为假时，此函数模板从重载集被丢弃。

推荐阅读